我在使用由ChrisKacerguis维护的流行RESTAPIController时遇到问题。我已经导入了三个文件Format.php、REST_Controller.php和rest.php，并将它们放在我的codeIgniter文件结构中的适当位置。我创建了一个如下所示的用户Controller:response("Getmethod");}publicfunctionindex_post(){//Createanewuser$this->response("Postmethod");}}?>当我导航到我的端点时，我不断收到一条错误消息:“找不到类‘REST_Controller’

我无法使用ajax在数据库中通过表单插入数据，没有firebug错误有人可以帮助我查看: Blog "> CODEIGNITERAJAX 'myForm'));?> EMAIL: assets/js/jquery-3.1.1.js"> $(document).ready(function(){ $('#btn').click(function(){ varemail=$('#email').val(); $.ajax({//requestajax url:"", typ

我是codeigniter的新手，我不知道如何在codeigniter中显示轮播slideruploads/images/testimonials/picture;?>"alt="testimonials_image">content;?>这是代码，实际上我知道错误是什么，但我不知道如何纠正它，即，在第一次执行时，部门类必须是事件项目，并且在第一次执行后类只需要是item。 最佳答案 如果您确定问题仅出在第一个元素的"active"类上，您可以在foreach中执行如下操作:">uploads/images/testimonials

我刚刚开始使用CodeIgniter，我正在尝试整理我的常规模块/函数以使它们在MVC框架内正常工作。对于具有强大CodeIgniter背景的任何人，我有几个具体问题:sessionCodeIgnitersession在客户端将session数据存储在cookie中，这对我来说是行不通的。我知道有一些替代品，或者我可以构建自己的库/助手；但我只是看不到仅使用$_SESSION有任何好处。如果我只使用$_SESSION，框架的其余部分会有问题吗？框架的任何其他部分是否依赖于使用CodeIgnitersession？我觉得为了如此基本的东西而跳出框架有点奇怪，但我对纯PHP很满意。我基本上

我正在尝试测试一个管理数据库中数据访问的类(您知道，本质上是CRUD)。我们正在使用的DB库恰好有一个API，您首先通过静态调用获取表对象:functiongetFoo($id){$MyTableRepresentation=DB_DataObject::factory("mytable");$MyTableRepresentation->get($id);...dosomestuffreturn$somedata}...你明白了。我们正在尝试测试此方法，但模拟了DataObject的东西，以便(a)我们不需要实际的数据库连接来进行测试，并且(b)我们甚至不需要包含DB_DataObj

我们正在使用一个新的基于codeigniter的应用程序，该应用程序从各种库、模型等向前和向后交叉引用不同的PHP函数。我们在服务器上运行PHP5，我们试图找到一种好方法来管理因使用我们的函数而产生的错误和状态报告。在函数中使用return时，执行结束，因此不能再返回任何内容。对吧？在实际功能执行结束时发送状态信息或错误代码的最佳做法是什么？我们应该考虑使用异常还是任何其他方法？http://us.php.net/manual/en/language.exceptions.php 最佳答案 Shouldwelookintousing

我想将应用程序从CakePHP转换为CodeIgniter。有没有人试过这样做？在我的CakePHP应用程序中，几乎所有编码都在Controller层完成，模型几乎与烘焙出来的一样。 最佳答案 CakePHP比CodeIgniter更新、功能更丰富且更重(CI的设计占用空间小得多)，因此您很可能会发现自己在CI中创建功能以匹配蛋糕的功能。CakePHP还以不同于CI的方式处理一些核心功能。例如，路由功能是通过专用类处理的，而不是像CI中那样按Controller处理(通过_remap)。我从未见过有助于自动执行此类转换的工具，因为这

我正在使用PHPUnit3.4.9，但我在使用@depends注释时遇到了一些问题。它的工作方式与示例中的一样，但是当生产者依赖于提供者时会中断。我不知道这是否有效，但我的代码基本上是以下形式:assertTrue(empty($stack));return$stack;}/***@dependstestEmpty*/publicfunctiontestPush(array$stack){array_push($stack,'foo');$this->assertEquals('foo',$stack[count($stack)-1]);$this->assertFalse(empty

您好，我的xdebug连接到PHPUnit有问题。运行时:phpunit--coverage-html./reportunit我得到:PHPUnit3.4.15bySebastianBergmann.TheXdebugextensionisnotloaded.当我运行php-v时PHP5.2.13(cli)(built:Mar5201016:23:44)Copyright(c)1997-2010ThePHPGroupZendEnginev2.2.0,Copyright(c)1998-2010ZendTechnologieswitheAcceleratorv0.9.6,Copyright

在Codeigniter中，我设置了一个登录/注册表单，工作正常，但是我如何输出当前用户的用户名，即当用户登录时它会说“欢迎，[用户名]”。我还需要知道这一点，以便能够根据当前用户ID从数据库中输出记录，我该怎么做？我浏览了codeigniter上的文档，但找不到我要找的东西。顺便说一句，我正在使用事件记录。谢谢 最佳答案 echo$this->session->userdata('name')也将其合并到数据库选择文件中，例如，如果您有他们创建的文件并且您想在他们登录时显示它们，请使用数据库调用中的session数据作为位置我建议